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设函数f(x)=√a2-x2|x+a|+a.(a∈R且a≠0)(1)分别判断当a=1及a=-2时函数的奇偶性.(2)在a∈R且a≠0的条件下,将(1)的结论加以推广,使命题(1)成为推广后命题的特例,并对推广的结论加以证明.试题及答案-单选题-云返教育
试题详情
设函数f(x)=
√
a
2
-x
2
|x+a|+a
.(a∈R且a≠0)
(1)分别判断当a=1及a=-2时函数的奇偶性.
(2)在a∈R且a≠0的条件下,将(1)的结论加以推广,使命题(1)成为推广后命题的特例,并对推广的结论加以证明.
试题解答
见解析
解:(1)当a=1时,f(x)=
√
1-x
2
|x+1|+1
,由1-x
2
≥0,
∴-1≤x≤1.所以f(x)=
√
1-x
2
x+2
∵f(
1
2
)=
√
3
5
,f(-
1
2
)=
√
3
3
,∴f(
1
2
)≠f(-
1
2
),f(
1
2
)≠-f(-
1
2
),
∴f(x)为非奇非偶函数. (4分)
(如举其他的反例同样给分)
当a=-2时,f(x)=
√
4-x
2
|x-2|-2
,由4-x
2
≥0,得-2≤x≤2,
所以f(x)=
√
4-x
2
-x
,x∈[-2,0)∪(0,2],
∵f(-x)=-f(x),
∴f(x)为奇函数.(4分)
(2)当a>0时,f(x)为非奇非偶函数;当a<0时,f(x)为奇函数.(2分)a>0时,由a
2
-x
2
≥0,得-a≤x≤a,
∴f(x)=
√
a
2
-x
2
x+2a
,可以验证:对任意的a>0,f(
a
2
)≠f(-
a
2
),f(-
a
2
)≠-f(
a
2
),
∴f(x)为非奇非偶函数.(如举其他的反例同样给分) (3分)
a<0时,由a
2
-x
2
≥0,得a≤x≤-a,∴f(x)=
√
a
2
-x
2
-x
,x∈[a,0)∪(0,-a],
并且对定义域中任意的x,f(-x)=-f(x)成立,∴f(x)为奇函数.(3分)
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