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设数列{an}{bn}的各项都是正数,Sn为数列{an}的前n项和,且对任意n∈N*.都有an2=2Sn-an,b1=e,bn+1=bn2.cn=an?lnbn(e是自然对数的底数,e=2.71828…)(1)求数列{an}、{bn}的通项公式;(2)求数列{cn}的前n项和Tn;(3)试探究是否存在整数λ,使得对于任意n∈N*,不等式5(n-1)2Sn-1<λ<4(Tn-1)(n-1)n(n+1)恒成立?若存在,求出λ的值;若不存在,请说明理由.试题及答案-解答题-云返教育
试题详情
设数列{a
n
}{b
n
}的各项都是正数,S
n
为数列{a
n
}的前n项和,且对任意n∈N
*
.都有
a
n
2
=2S
n
-a
n
,b
1
=e,
b
n+1
=
b
n
2
.c
n
=a
n
?lnb
n
(e是自然对数的底数,e=2.71828…)
(1)求数列{a
n
}、{b
n
}的通项公式;
(2)求数列{c
n
}的前n项和T
n
;
(3)试探究是否存在整数λ,使得对于任意n∈N
*
,不等式
5(n-1)
2S
n
-1
<λ<
4(T
n
-1)
(n-1)n(n+1)
恒成立?若存在,求出λ的值;若不存在,请说明理由.
试题解答
见解析
解:(1)因为a
n
>0,
a
n
2
=2S
n
-a
n
,①
当n=1时,
a
1
2
=2S
1
-a
1
,解得a
1
=1;
当n≥2时,有
a
2
n-1
=2S
n-1
-a
n-1
,②
由①-②得,
a
n
2
-
a
2
n-1
=2(S
n
-S
n-1
)-(a
n
-a
n-1
)=a
n
+a
n-1
.
即(a
n
+a
n-1
)(a
n
-a
n-1
)=a
n
+a
n-1
.
因为a
n
>0,所以a
n
-a
n-1
=1(n≥2),即数列{a
n
}是等差数列,
所以a
n
=a
1
+(n-1)d=1+n-1=n.
又因为
b
n+1
=
b
n
2
,且b
n
>0,取自然对数得lnb
n+1
=2lnb
n
,
由此可知数列{lnb
n
}是以lnb
1
=lne=1为首项,以2为公比的等比数列,
所以lnb
n
=lnb
1
×2
n-1
=2
n-1
,
所以
b
n
=e
2
n-1
.
(2)由(1)知,
c
n
=a
n
?lnb
n
=n?2
n-1
,
所以
T
n
=1×2
0
+2×2
1
+3×2
2
+…+(n-1)×2
n-2
+n×2
n-1
③
2×T
n
=1×2
1
+2×2
2
+3×2
3
+…+(n-1)×2
n-1
+n×2
n
④
由③-④得-T
n
=1+2+2
2
+…+2
n-1
-n×2
n
,
所以
T
n
=(n-1)2
n
+1.
(3)由a
n
=n,
a
n
2
=2S
n
-a
n
得
S
n
=
n
2
+n
2
,
由
5(n-1)
2S
n
-1
<λ<
4(T
n
-1)
(n-1)n(n+1)
可得
5(n-1)
n
2
+n-1
<λ<
2
n+2
n(n+1)
,
即使得对于任意n∈N
*
且n≥2,不等式
5(n-1)
2S
n
-1
<λ<
4(T
n
-1)
(n-1)n(n+1)
恒成立等价于使得对于
任意n∈N
*
且n≥2,不等式
5(n-1)
n
2
+n-1
<λ<
2
n+2
n(n+1)
恒成立.
∵
5(n-1)
n
2
+n-1
=
5
n+
2n-2+1
n-1
=
5
n+2+
1
n-1
≤1,当n=2时取最大值是1.
又令g(n)=
2
n+2
n(n+1)
,
由
{
g(n)≤g(n-1)
g(n)≤g(n+1)
可得
{
2
n+2
n(n+1)
≤
2
n+1
n(n-1)
2
n+2
n(n+1)
≤
2
n+3
(n+1)(n+2)
,
化简得:
{
2
n+1
≤
1
n-1
1
n
≤
2
n+2
,
解得2≤n≤3,所以当n=2或3时,g(n)取最小值,最小值为g(2)=g(3)=
8
3
,
所以λ=2时,原不等式恒成立.
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